ВУЗ:
Составители:
Рубрика:
+H+0,214·0,124·d
r
+1,61·V
0
]=0,01·[(1·94,9+2·3,2+3·0,4+4·0,1)+
0,4+0+0]+0,79·9,732+0,01·0,9+0,01·[(0,5·4·94,9+0,5·6·3,2+0,5·
8·0,4+0,5·10·0,1+0,5·12·0,1+0+0+0,124·10+1,61·9,732]=10,925
4 м
3
/м
3
.
По уравнению (1.46) объем дымовых газов,
выбрасываемых в атмосферу:
V
атм
=B·10
-3
·[V*
Σ
+(ζ
ух
-1)·V
0
] · [T
ух
+273]:273=0,2·10
3
·10
-3
·
·[10,9254+(1,7-1)·9,7381]·[180+273]:273=5,8865684≈5,89м
3
/с.
По формулам (1.28,1.29) с учетом того, что в данном
случае В
i
= 0,2[м
3
/с]·ρ[кг/м
3
] = 0,2 0,758 =0,1516 кг/с =
0,1516 · 10
3
г/с, максимально разовый выброс оксида
углерода:
G
CO
=Σ0,001·{(q
хим
·R·Q
т
):1,013}·B
i
·(1-q
мех i
:100)=
=0,001·{(0,5·0,5·27,63):1,013}·0,1516·10
3
·(1-
0,5:100)=1,0286г/с.
По формуле (1.32) максимально разовый выброс
оксидов азота:
G
NOx
=Σ0,34·10
-4
·Ψ·B
i
·Q
H
·(1-q
мех
:100)·β
1
·(1-
ε
1
·r
i
)·β
2i
·β
3i
·ε
2
=0,34·10
-4
·2,35
·0,1516·10
3
·27,63·(1-0,5:100)·0,9·(1-1·0)·1·1·1=0,3г/с.
Пример 2.13
На участке оперативной полиграфии в общем зале
выделяются 0,0014 т в год бумажной пыли. Определить
валовый выброс пыли в атмосферу системой общеобменной
вентиляции участка и количество осевшей пыли.
Решение.
По уравнению (1.49) валовый выброс бумажной
пыли общеобменной вентиляцией с учетом оседания в
72
помещении и на стенах воздуховодов составляет:
М
атм
=М
выд
·(1-χ
ос
/10
2
)·(1-χ”
нл
/10
2
)=0,0014·(1-50:100)·(1-
3:100)=0,000679 т/г.
Также оседает: в помещении
М
1
=М
выд
·χ
ос
/10
2
=0,0014·50:100=0,0007т/г;
на внутренних стенках воздуховодов
М
2
=М
выд
(1-χ
ос
/10
2
)·χ”
нл
/10
2
=0,0014·(1-
50:100)٠3:100=0,000021 т/г.
Пример 2.14
На основе анализа уравнения материального баланса
некоторого производства составить схему и аналитическое
выражение для определения массы загрязняющих
веществ(газопылевых - Г, жидких - Ж и твердых – Т
отходов производства), поступающих в окружающую
среду, если суммарное количество образовавшихся отходов
М
Σ
отх
, количество сырьевых и вспомогательных
материальных ресурсов, вводимых в технологический
процесс, М
с
и М
ВМР
соответственно и количество вещества,
перешедшие в готовую продукцию, М
прод
.
Решение.
Составим схему материальных потоков
производства (не вскрывая его структуры – принцип
“черного ящика”), включая очистные сооружения, сбор и
сортировку твердых отходов, а также потоки
ненаправляемые в окружающую среду (рис. 2.2).
Всего образовалось отходов М
Σ
отх
, в том числе
газопылевых – М
г
отх
, жидких (сточных вод) – М
Ж
отх
,
твердых – М
т
отх
.
Отходы поступают в окружающую среду через
организованные источники М
орг
= {М
1
г
,М
1
ж
,М
1
т
} и
неорганизованные – источники потерь вещества,
участвующего в технологическом процессе:
73
М
не орг
={М
2
г
, М
2
ж
,М
2
т
}.
Организованные отходы подаются на очистные
сооружения (М
11
г
и М
11
ж
) или на сбор и сортировку (М
11
т
).
Часть отходов отводится в окружающую среду без очистки
(М
12
г
и М
12
ж
).
+H+0,214·0,124·dr+1,61·V0]=0,01·[(1·94,9+2·3,2+3·0,4+4·0,1)+ на внутренних стенках воздуховодов
0,4+0+0]+0,79·9,732+0,01·0,9+0,01·[(0,5·4·94,9+0,5·6·3,2+0,5· М2=Мвыд(1-χос/102)·χ”нл/102=0,0014·(1-
8·0,4+0,5·10·0,1+0,5·12·0,1+0+0+0,124·10+1,61·9,732]=10,925 50:100)٠3:100=0,000021 т/г.
4 м3/м3.
По уравнению (1.46) объем дымовых газов, Пример 2.14
выбрасываемых в атмосферу: На основе анализа уравнения материального баланса
Vатм=B·10-3·[V*Σ+(ζух-1)·V0] · [Tух+273]:273=0,2·103·10-3· некоторого производства составить схему и аналитическое
·[10,9254+(1,7-1)·9,7381]·[180+273]:273=5,8865684≈5,89м3/с. выражение для определения массы загрязняющих
По формулам (1.28,1.29) с учетом того, что в данном веществ(газопылевых - Г, жидких - Ж и твердых – Т
случае Вi = 0,2[м3/с]·ρ[кг/м3] = 0,2 0,758 =0,1516 кг/с = отходов производства), поступающих в окружающую
0,1516 · 103г/с, максимально разовый выброс оксида среду, если суммарное количество образовавшихся отходов
углерода: МΣотх, количество сырьевых и вспомогательных
GCO=Σ0,001·{(qхим·R·Qт):1,013}·Bi·(1-qмех i:100)= материальных ресурсов, вводимых в технологический
=0,001·{(0,5·0,5·27,63):1,013}·0,1516·103·(1- процесс, Мс и МВМР соответственно и количество вещества,
0,5:100)=1,0286г/с. перешедшие в готовую продукцию, Мпрод.
По формуле (1.32) максимально разовый выброс Решение.
оксидов азота: Составим схему материальных потоков
GNOx=Σ0,34·10-4·Ψ·Bi·QH·(1-qмех:100)·β1·(1- производства (не вскрывая его структуры – принцип
ε1·ri)·β2i·β3i·ε2=0,34·10-4·2,35 “черного ящика”), включая очистные сооружения, сбор и
·0,1516·103·27,63·(1-0,5:100)·0,9·(1-1·0)·1·1·1=0,3г/с. сортировку твердых отходов, а также потоки
ненаправляемые в окружающую среду (рис. 2.2).
Пример 2.13
Всего образовалось отходов МΣотх, в том числе
На участке оперативной полиграфии в общем зале газопылевых – Мготх, жидких (сточных вод) – МЖотх,
выделяются 0,0014 т в год бумажной пыли. Определить твердых – Мтотх.
валовый выброс пыли в атмосферу системой общеобменной Отходы поступают в окружающую среду через
вентиляции участка и количество осевшей пыли. организованные источники Морг = {М1г,М1ж,М1т} и
Решение. неорганизованные – источники потерь вещества,
По уравнению (1.49) валовый выброс бумажной участвующего в технологическом процессе:
пыли общеобменной вентиляцией с учетом оседания в
72 73
помещении и на стенах воздуховодов составляет: Мне орг={М2г, М2ж,М2т }.
Матм=Мвыд·(1-χос/102)·(1-χ”нл/102)=0,0014·(1-50:100)·(1- Организованные отходы подаются на очистные
3:100)=0,000679 т/г. сооружения (М11г и М11ж) или на сбор и сортировку (М11т).
Также оседает: в помещении Часть отходов отводится в окружающую среду без очистки
М1=Мвыд·χос/102=0,0014·50:100=0,0007т/г; (М12г и М12ж).
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 35
- 36
- 37
- 38
- 39
- …
- следующая ›
- последняя »
