Транспортная энергетика (теплотехника). Ляшков В.И. - 13 стр.

UptoLike

ВУЗ: 

ТГТУ | Тамбов

Составители: 

Рубрика: 

кг
кДж
5,2134,4979,283
545454
−=−=−=∆
−−−
lqu ;
()
%3,1100
3,216
5,2133,216
100
54
54
=⋅
+−
=⋅
∆
∆∆
=δ
−
−
u
u
.
Рассчитываем, наконец, последний процесс 5 – 1. Это процесс изохорный и расчет его аналогичен расчету
процесса 2 – 3. Начинаем, как обычно, с расчета теплоемкостей:
() ( )
Ккг
кДж
73,07,42,25810349,97084,0
5
15
1
5
⋅
=+⋅⋅+=++=
−
ttbaс
t
t
vm
;
Ккг
кДж
02,11028773,0
3
1
5
1
5
⋅
=⋅+=+=
−
Rсс
t
t
vm
t
t
pm
.
Основные характеристики процесса
() ( )
;
кг
кДж
0,1853,5318,27773,0
1515
1
5
−=−⋅=−=
−
TTсq
t
t
vm
;
кг
кДж
0185;0
151515
,qul −==∆=
−−−
() ( )
;
кг
кДж
6,2583,5318,27702,1
1515
1
5
−=−⋅=−=∆
−
TTсh
t
t
pm
.
Ккг
кДж
47,0
3,531
8,277
ln73,0ln
5
1
15
1
5
⋅
−=⋅==∆
−
T
T
сS
t
t
pm
Проверку проведем по формуле (9):
()
.
кг
кДж
257)61,01025,061,01013,0(100,185
663
55111515
−=⋅⋅−⋅⋅⋅+−=
=−+∆=∆
−
−−
vpvpuh
Погрешность
()
%.62,0100
6,258
2576,258
100
15
15
=⋅
+−
=⋅
∆
∆∆
=δ
−
−
h
h
Прежде чем перейти к расчетам характеристик цикла, рассчитываем сначала значения энтропии в каждой характерной
точке цикла. Для точки 1 можно записать
0
1
0
1
1
lnln
1
0
p
p
R
T
T
сS
t
t
pm
−= ,
где t
0
= 0 °C (T
0
= 273,15 К), p
0
= 0,1013 МПа – параметры воздуха при нормальных условиях; при таком состоянии считает-
ся, что S = 0 [2].
()
()
;
Ккг
кДж
0,1287,07,4010349,97084,0
5
10
1
0
1
0
⋅
=++⋅⋅+=
=+++=+=
−
RttbaRсс
t
t
vm
t
t
pm
Ккг
кДж
05,0
1013,0
13,0
ln10287
15,273
8,277
lnl0,1
3
1
⋅
=⋅⋅−⋅=
−
S .
Далее находим
Ккг
кДж
3,035,005,0
2112
⋅
−=−=∆+=
−
SSS ;
Ккг
кДж
17,013,03,0
3223
⋅
−=+−=∆+=
−
SSS ;
Ккг
кДж
11,028,017,0
4334
⋅
=+−=∆+=
−
SSS ;
Ккг
кДж
51,04,011,0
5445
⋅
=+=∆+=
−
SSS .

Страницы