Составители:
Рубрика:
E2D
2D
2
σ
−=
Δ
. Знак минус в этой формуле учитывает то, что под воздействием сжимающих напряжений размер
тела уменьшается. Используя этот результат, запишем
E1D
1D
2
σ
⋅μ=
Δ
. По принципу суперпозиции получаем
полную деформацию диагонали
D1, возникающую под действием как сжимающих, так и растягивающих на-
пряжений
σ.
()
μ+⋅
σ
=
Δ
+
Δ
=
Δ
1
E1D
1D
1D
1D
1D
1D
21
.
Выполните самостоятельно расчет относительной деформации другой диагонали и покажите, что она опи-
сывается формулой:
()
μ+⋅
σ
−=
Δ
1
E2D
2D
. Поясните смысл знака минус в этой формуле.
Переходим к вычислению угла γ. Это задача чисто геометрическая. Будем считать деформации такими ма-
лыми, что
2a2D1D ⋅==
, где a ⎯ размер грани исходного кубика. На рис. 11.6 показан вид деформирован-
ного кубика в плоскости «XOY». Символом
D обозначена длина диагонали в свободном (недеформированном)
состоянии. Тогда длина короткой диагонали
D2 деформированного кубика
() ()
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
μ+⋅
σ
−⋅=μ+⋅
σ
⋅−≈Δ+= 1
E
1D1
E
DD2D2D2D
и
() ()
μ+⋅
σ
⋅⋅=μ+⋅
σ
⋅≈−=Δ 1
E
2a1
E
D2DDD . (11.3)
(В последнем преобразовании мы использовали геометрию:
D ⎯ диагональ квадрата со стороной а).
Теперь вычислим
ΔD геометрически. Из прямоугольного
треугольника с катетами
а и aa Δ− находим гипотенузу D2:
22
)aa(a2D Δ−+=
. Считая угол γ очень малым, выразим Δа
как длину дуги радиуса
а, опирающуюся на угол гамма:
γ
⋅≈Δ aa
.
С учетом этого соотношения:
() ()
γ−⋅⋅=γ⋅−⋅=γ−−⋅=γ⋅−+= 12a22a11aaaa2D
22
2
Учитывая то, что γ намного меньше единицы,
2
11
γ
−≈γ−
.
Окончательно получим выражение для
ΔD:
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
γ
−⋅⋅=
2
12a2D
и
2
2a
2
12a2a2DDD
γ
⋅⋅=
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
γ
−⋅⋅−⋅=−=Δ
Приравнивая это выражение выражению (11.3) получаем
()
μ+⋅
σ
=
γ
1
E2
, откуда следует:
()
μ+⋅
⋅γ=σ
12
E
.
Вспоминая, что нормальное напряжение на гранях выделенного внутреннего кубика (повернутого на 45
0
отно-
сительно наружного) равно касательному напряжению на гранях наружного кубика (
τ=σ
), получим вариант
закона Гука для чистого сдвига:
()
G
12
E
⋅γ=
μ+⋅
⋅γ=τ , (11.4)
где величина
()
μ+⋅
=
12
E
G
на-
зывается модулем сдвига.
На рисунке 11.7 представ-
лена схема рассматриваемой де-
формации, поясняющая смысл ее
названия «деформация сдвига».
Если недеформированный кубик
разделить мысленно на стопку
тонких параллельных основанию
γ
a
a
aa Δ−
a
Δ
2D
Рис. 11.6
D
τ
τ
τ
τ
γ
Рис. 11.7
Δ D2 2 σ = − . Знак минус в этой формуле учитывает то, что под воздействием сжимающих напряжений размер D2 E ΔD12 σ тела уменьшается. Используя этот результат, запишем = μ ⋅ . По принципу суперпозиции получаем D1 E полную деформацию диагонали D1, возникающую под действием как сжимающих, так и растягивающих на- пряжений σ. ΔD1 ΔD11 ΔD12 σ = + = ⋅ (1 + μ ) . D1 D1 D1 E Выполните самостоятельно расчет относительной деформации другой диагонали и покажите, что она опи- Δ D2 σ сывается формулой: = − ⋅ (1 + μ ) . Поясните смысл знака минус в этой формуле. D2 E Переходим к вычислению угла γ. Это задача чисто геометрическая. Будем считать деформации такими ма- лыми, что D1 = D2 = a ⋅ 2 , где a ⎯ размер грани исходного кубика. На рис. 11.6 показан вид деформирован- ного кубика в плоскости «XOY». Символом D обозначена длина диагонали в свободном (недеформированном) состоянии. Тогда длина короткой диагонали D2 деформированного кубика σ ⎛ σ ⎞ D2 = D2 + ΔD2 ≈ D − D ⋅ ⋅ (1 + μ ) = D ⋅ ⎜ 1 − ⋅ (1 + μ )⎟ и E ⎝ E ⎠ σ σ ⋅ (1 + μ ) = a ⋅ 2 ⋅ ⋅ (1 + μ ) . ΔD = D − D2 ≈ D ⋅ (11.3) E E (В последнем преобразовании мы использовали геометрию: D ⎯ диагональ квадрата со стороной а). Теперь вычислим ΔD геометрически. Из прямоугольного треугольника с катетами а и a − Δa находим гипотенузу D2: D D2 = a 2 + (a − Δa ) 2 . Считая угол γ очень малым, выразим Δа a D2 как длину дуги радиуса а, опирающуюся на угол гамма: Δa ≈ a ⋅ γ . γ С учетом этого соотношения: D2 = a 2 + (a − a ⋅ γ ) = a ⋅ 1 − (1 − γ ) = a ⋅ 2 − 2 ⋅ γ = a ⋅ 2 ⋅ 1 − γ 2 2 γ a − Δa Учитывая то, что γ намного меньше единицы, 1− γ ≈1− . Δa 2 a ⎛ γ⎞ Окончательно получим выражение для ΔD: D2 = a ⋅ 2 ⋅ ⎜ 1 − ⎟ и Рис. 11.6 ⎝ 2⎠ ⎛ γ⎞ γ Δ D = D − D2 = a ⋅ 2 − a ⋅ 2 ⋅ ⎜ 1 − ⎟ = a⋅ 2 ⋅ ⎝ 2⎠ 2 γ σ E Приравнивая это выражение выражению (11.3) получаем = ⋅ (1 + μ ) , откуда следует: σ = γ ⋅ . 2 E 2 ⋅ (1 + μ ) Вспоминая, что нормальное напряжение на гранях выделенного внутреннего кубика (повернутого на 45 0 отно- сительно наружного) равно касательному напряжению на гранях наружного кубика ( σ = τ ), получим вариант закона Гука для чистого сдвига: E τ= γ⋅ = γ ⋅G , (11.4) 2 ⋅ (1 + μ ) E γ где величина G = на- τ 2 ⋅ (1 + μ ) зывается модулем сдвига. На рисунке 11.7 представ- лена схема рассматриваемой де- формации, поясняющая смысл ее τ названия «деформация сдвига». τ Если недеформированный кубик разделить мысленно на стопку тонких параллельных основанию τ Рис. 11.7
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 3
- 4
- 5
- 6
- 7
- …
- следующая ›
- последняя »