ВУЗ:
Составители:
Рубрика:
Пусть теперь x
k
→ -
∞
, причем можно считать, что
x
k
< - 1. Положим x
k
= -у
k
, тогда у
k
→ +
∞
, причем у
k
> 1. Да-
лее,
−
+
−
+=
−
=
−=
+
−−
1
1
1
1
1
1
1
1
1
1
1
1
k
y
k
y
k
k
y
k
x
k
yyy
y
yx
kkkk
и так как, по доказанному, e
y
k
y
k
=
−
+
−1
1
1
1lim и
1
1
1
1lim =
−
+
k
y
, то e
x
k
x
k
x
=
+
−∞→
1
1lim . Таким образом, с
учетом 2-го определения предела функции,
e
x
x
x
=
+
±∞→
1
1lim .
Замечание. Предел (3), как правило, применяется в
более общей форме: если 0)(lim
=
→
x
ax
α
, то
ex
x
ax
=+
→
)(
1
)](1[lim
α
α
. В частности ex
x
x
=+
→
1
0
]1[lim .
7) x
x
sinlim
±∞→
не существует, так как двум последова-
тельностям значений х
−
π
2
1
2n и
+
π
2
1
2n (n = 1, 2,
3, …), стремящимся к
∞
, отвечают последовательности зна-
чений функции, имеющие разные пределы
11
2
1
2sin −→−=
−
π
n , 11
2
1
2sin →=
+
π
n .
Аналогично можно показать, что не существует
x
x
1
sinlim
0→
, но функция 0
1
sin →
x
x при
0→x
, так как
x
x
x ≤⋅
1
sin
.
8)Рассмотрим
)(
)(
lim
xQ
xP
x ±∞→
,
где
kk
kk
axaxaxaxP ++++=
−
−
1
1
10
)( Κ ,
ll
ll
bxbxbxbxQ ++++=
−
−
1
1
10
)( Κ
. Ясно, что
, lim
)(limlim)(lim
1
0
1
0
±∞=
+++=
==
+++=
±∞→
±∞→±∞→±∞→
l
l
l
x
x
k
k
k
xx
x
b
x
b
bx
xQ
x
a
x
a
axxP
Κ
Κ
причем знак предела зависит от четности показателей k, l и
от знаков коэффициентов a
0
, b
0
. поэтому
)(
)(
xQ
xP
при ±∞→
x
представляет собой неопределенность вида
∞
∞
, которая
может быть раскрыта так же, как в §3.5:
<
=
>∞±
=
+++
+++
=
−
±∞→±∞→
.,0
,,
,,
lim
)(
)(
lim
0
0
1
0
1
0
lkесли
lkесли
b
a
lkесли
x
b
x
b
b
x
a
x
a
a
x
xQ
xP
l
l
k
k
lk
xx
Κ
Κ
9) Докажем, что
r
x
x
r
x
=
−+
→
1)1(
lim
0
, где 0>r – рацио-
нальное число.
Пусть вначале r = n – натуральное число. По форму-
ле бинома Ньютона имеем
1
2
2
)1(
2
)1(
1)1(
−
++
−
+=
++
−
+
=
−+
n
n
n
xx
nn
n
x
xx
nn
nx
x
x
Κ
Κ
откуда
n
n
x
n
x
=
−+
→
1)1(
lim
0
.
Пусть теперь xk → - ∞, причем можно считать, что P( x) 8)Рассмотрим lim , xk < - 1. Положим xk = -уk, тогда уk→ +∞, причем уk > 1. Да- x → ±∞ Q ( x ) лее, где P ( x) = a0 x k + a1 x k −1 + Κ + ak −1 x + ak , xk − yk yk yk −1 1 1 y 1 1 1 + = 1 − = k = 1 + 1 + Q( x) = b0 x l + b1 x l −1 + Κ + bl −1 x + bl . Ясно, что xk yk yk − 1 y k − 1 y k − 1 a a yk −1 lim P( x) = lim x k a0 + 1 + Κ + kk = lim Q( x) = 1 x → ±∞ x → ±∞ x x x → ±∞ и так как, по доказанному, lim1 + =e и yk − 1 b b xk = lim xl b0 + 1 + Κ + ll = ±∞ , 1 1 x → ±∞ x x lim1 + = 1 , то lim 1 + = e . Таким образом, с причем знак предела зависит от четности показателей k, l и yk − 1 x →−∞ xk P( x) 1 x от знаков коэффициентов a0, b0. поэтому при x → ±∞ учетом 2-го определения предела функции, lim 1 + = e . Q ( x) x →±∞ x ∞ Замечание. Предел (3), как правило, применяется в представляет собой неопределенность вида , которая ∞ более общей форме: если limα ( x) = 0 , то x →a может быть раскрыта так же, как в §3.5: 1 1 a a ± ∞, если k > l , lim[1 + α ( x)] α ( x) = e . В частности lim[1 + x] = e . x a0 + 1 + Κ + kk x →a x →0 lim P( x) = lim x k −l x x = a0 , если k = l , 7) lim sin x не существует, так как двум последова- x → ±∞ Q ( x ) b b x → ±∞ b x →±∞ b0 + 1 + Κ + ll 0 1 1 x x 0, если k < l. тельностям значений х 2n − π и 2n + π (n = 1, 2, 2 2 (1 + x) r − 1 9) Докажем, что lim = r , где r > 0 – рацио- 3, …), стремящимся к ∞, отвечают последовательности зна- x →0 x чений функции, имеющие разные пределы нальное число. 1 1 Пусть вначале r = n – натуральное число. По форму- sin 2n − π = −1 → −1 , sin 2n + π = 1 → 1 . ле бинома Ньютона имеем 2 2 n(n − 1) 2 Аналогично можно показать, что не существует nx + x + Κ + xn (1 + x) n − 1 2 n(n − 1) 1 1 lim sin , но функция x sin → 0 при x → 0 , так как = = n+ x + Κ + x n −1 x →0 x x x x 2 1 (1 + x) − 1 n x ⋅ sin ≤ x . откуда lim =n. x x →0 n
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 25
- 26
- 27
- 28
- 29
- …
- следующая ›
- последняя »