ВУЗ:
Составители:
Рубрика:
3. НОД (ta, tb) = t НОД (a, b).
4. НОД (НОД (a, b), c) = НОД (a, НОД (b, c)).
Докажем свойство 3 (проверка остальных свойств предлагается
в качестве упражнения). Введем обозначения: НОД (a, b) = d,
НОД (ta, tb) = f . Так как d | a, d | b, то td | ta, td | tb. Следовательно,
td | f , тем самым, f = tdg для некоторого g. Тогда tdg = f | ta, что
с учетом целостности влечет dg | a, аналогично, tdg = f | tb влечет
dg | b. Значит, dg | НОД (a, b) = d, откуда g | 1. Получаем, что f и td —
ассоциированные элементы.C
Элементы a, b ∈ R, для которых НОД (a, b) = 1, называются
взаимно простыми.
Двойственным образом к НОД определяется понятие наименьшего
общего кратного (НОК): m = НОК (a, b), если
1’) a | m, b | m;
2’) a | c, b | c ⇒ m | c.
Предложение 6.3 Пусть R — целостное кольцо, a, b ∈ R. Если
d = НОД (a, b), m = НОК (a, b), то ab = md.
Доказательство. Если a = 0 или b = 0, то m = 0 и равенство
ab = md тривиально верно, поэтому можно считать, что a 6= 0, b 6= 0
и, следовательно, d 6= 0.
Согласно условию верны равенства a = a
0
d, b = b
0
d, откуда ab =
(a
0
b
0
d)d. Положим m = a
0
b
0
d и докажем, что m = НОК (a, b). Имеем:
a | ab
0
= a
0
b
0
d = m и, аналогично, b | a
0
b = a
0
b
0
d = m, тем самым
выполнено условие 1’) определения НОК.
Пусть теперь a | c и b | c. Тогда с учетом свойства 3 НОД из
ab | ca, ab | cb выводим md = ab | НОД (ca, cb) = c НОД (a, b) = cd.
Таким образом, md | cd, следовательно, m | c, то есть, для m выполнено
и условие 2’).C
Согласно доказанному предложению для вычисления НОК
элементов достаточно найти их НОД и поделить на него произведение
исходных элементов. В кольце K[X] для вычисления НОД (a, b) обычно
используют метод, называемый алгоритмом Евклида. В силу
свойства 2 НОД можно ограничиться случаем, когда a и b отличны от
нуля.
Введем обозначения a = r
−1
, b = r
0
и положим k = 0.
56
3. НОД (ta, tb) = t НОД (a, b). 4. НОД (НОД (a, b), c) = НОД (a, НОД (b, c)). Докажем свойство 3 (проверка остальных свойств предлагается в качестве упражнения). Введем обозначения: НОД (a, b) = d, НОД (ta, tb) = f . Так как d | a, d | b, то td | ta, td | tb. Следовательно, td | f , тем самым, f = tdg для некоторого g . Тогда tdg = f | ta, что с учетом целостности влечет dg | a, аналогично, tdg = f | tb влечет dg | b. Значит, dg | НОД (a, b) = d, откуда g | 1. Получаем, что f и td — ассоциированные элементы.C Элементы a, b ∈ R, для которых НОД (a, b) = 1, называются взаимно простыми. Двойственным образом к НОД определяется понятие наименьшего общего кратного (НОК): m = НОК (a, b), если 1’) a | m, b | m; 2’) a | c, b | c ⇒ m | c. Предложение 6.3 Пусть R — целостное кольцо, a, b ∈ R. Если d = НОД (a, b), m = НОК (a, b), то ab = md. Доказательство. Если a = 0 или b = 0, то m = 0 и равенство ab = md тривиально верно, поэтому можно считать, что a 6= 0, b 6= 0 и, следовательно, d 6= 0. Согласно условию верны равенства a = a0 d, b = b0 d, откуда ab = (a0 b0 d)d. Положим m = a0 b0 d и докажем, что m = НОК (a, b). Имеем: a | ab0 = a0 b0 d = m и, аналогично, b | a0 b = a0 b0 d = m, тем самым выполнено условие 1’) определения НОК. Пусть теперь a | c и b | c. Тогда с учетом свойства 3 НОД из ab | ca, ab | cb выводим md = ab | НОД (ca, cb) = c НОД (a, b) = cd. Таким образом, md | cd, следовательно, m | c, то есть, для m выполнено и условие 2’).C Согласно доказанному предложению для вычисления НОК элементов достаточно найти их НОД и поделить на него произведение исходных элементов. В кольце K[X] для вычисления НОД (a, b) обычно используют метод, называемый алгоритмом Евклида. В силу свойства 2 НОД можно ограничиться случаем, когда a и b отличны от нуля. Введем обозначения a = r−1 , b = r0 и положим k = 0. 56
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 56
- 57
- 58
- 59
- 60
- …
- следующая ›
- последняя »