ВУЗ:
Составители:
16
)48(,)x(c
)x(z
)x(z
=
′
и, во-вторых, переписав с помощью
(45)
выражение
(47)
для
c(x)
в виде
,
)()(
)()'()()'(
)()(
))(,())(,(
)(
xyxy
xyxy
xyxy
xyxfxyxf
xc
III
III
III
III
−
−
=
−
−
=
сделать вывод о непрерывности функции
c(x)
как частного двух непрерывных
функций с не обращающимся в ноль знаменателем.
Последний вывод позволяет, взяв от обеих частей дифференциального
уравнения
(48)
определенный интеграл по отрезку
[α, β],
получить равенство
∫∫
=
β
α
β
α
.dx)x(cdx
)x(z
)x('z
Переписывая левый интеграл как интеграл по переменной
z
(естественно, с
пересчетом пределов интегрирования)
∫∫
=
β
α
β
α
dx)x(c
z
dz
)(z
)(z
и вычисляя его по формуле Ньютона – Лейбница, приходим к равенству
ln z(β) – ln z(α)=
∫
β
α
dx)x(c
или, что то же самое, к равенству
ln
∫
=
β
α
α
β
dxxc
z
z
)(
)(
)(
(считаем функцию z положительной, поскольку противоположный случай
сводится к этому перенумерацией решений y
I
, y
II
).
Отсюда по определению логарифма получаем соотношение
∫
=
β
α
α
β
dx)x(c
e
)(z
)(z
или соотношение
.e)(z)(z
dx)x(c
∫
⋅=
β
α
αβ
А это в силу (43), (47) и есть соотношение (42).
Следствие 18
. Накопленная погрешность (i+1)-го шага
)(1
1i
+
ε
оценивается
через погрешность
i
ε
сеточного решения y
i
в узле x
i
согласно неравенству:
)49(,e
i
hM)1(
1i
3
εε
⋅≤
+
где h – шаг сетки, а M
3
– константа из условия (31).
Доказательство
. Примем в формуле (42) в качестве решений y
I
, y
II
искомое решение y и вспомогательное решение y
(i)
, а в качестве α, β – узлы
x
i
, x
i+1
. Поскольку разность этих решений в узле x
i
есть погрешность ε
i
16 z ′( x ) = c( x ) , ( 48 ) z( x ) и, во-вторых, переписав с помощью (45) выражение (47) для c(x) в виде f ( x, y I ( x)) − f ( x, y II ( x)) ( y I )' ( x ) − ( y II )' ( x) c( x) = I II = I II , y ( x) − y ( x) y ( x) − y ( x) сделать вывод о непрерывности функции c(x) как частного двух непрерывных функций с не обращающимся в ноль знаменателем. Последний вывод позволяет, взяв от обеих частей дифференциального уравнения (48) определенный интеграл по отрезку [α, β], получить равенство β z' ( x ) β ∫α z( x ) dx = ∫α c( x )dx. Переписывая левый интеграл как интеграл по переменной z (естественно, с пересчетом пределов интегрирования) z( β ) dz β ∫z( α ) z = ∫α c( x )dx и вычисляя его по формуле Ньютона Лейбница, приходим к равенству β ln z(β) ln z(α)= ∫ c( x )dx α или, что то же самое, к равенству z(β ) β ln = ∫ c ( x)dx z (α ) α (считаем функцию z положительной, поскольку противоположный случай сводится к этому перенумерацией решений yI, yII). Отсюда по определению логарифма получаем соотношение β z( β ) ∫α c( x )dx =e z( α ) или соотношение β z( β ) = z( α ) ⋅ e ∫α c( x )dx . А это в силу (43), (47) и есть соотношение (42). Следствие 18. Накопленная погрешность (i+1)-го шага ε i(1+)1 оценивается через погрешность ε i сеточного решения yi в узле xi согласно неравенству: ε i(+11) ≤ e M 3 h ⋅ ε i , ( 49 ) где h шаг сетки, а M3 константа из условия (31). Доказательство. Примем в формуле (42) в качестве решений yI, yII искомое решение y и вспомогательное решение y(i), а в качестве α, β узлы xi, xi+1. Поскольку разность этих решений в узле xi есть погрешность εi
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 14
- 15
- 16
- 17
- 18
- …
- следующая ›
- последняя »