ВУЗ:
Составители:
12 Глава 1. Основные уравнения
Утверждение 1.4. Для любого нетривиального решения E, H
системы уравнений (1.3) существует поляризационный потенци-
ал Π. Потенциал Π для всех x ∈ R
2
\ Γ удовлетворяет уравнению
£
∆ +
¡
k
2
n
2
∞
− β
2
¢¤
Π = −
1
n
2
∞
¡
n
2
− n
2
∞
¢
E.
(1.27)
Доказательство. Выразим потенциалы A и ϕ через один век-
тор Π. Пусть
ϕ = −div
β
Π.
Тогда из условия Лоренца (1.19) имеем
A = −iωε
0
n
2
∞
Π.
Отсюда и из (1.20), (1.21) получим два уравнения для Π, а именно
уравнение
−div
β
£
∆ +
¡
k
2
n
2
∞
− β
2
¢¤
Π = E · (n
−2
gradn
2
) (1.28)
и уравнение (1.27).
Проверим, что уравнение (1.28) является следствием уравне-
ния (1.27). С этой целью докажем сначала справедливость равенства
div
β
¡¡
n
2
− n
2
∞
¢
E
¢
= n
2
∞
E · (n
−2
gradn
2
). (1.29)
Действительно, в силу (1.7)
div
β
¡¡
n
2
− n
2
∞
¢
E
¢
=
¡
n
2
− n
2
∞
¢
div
β
E + E · grad
¡
n
2
− n
2
∞
¢
.
Из (1.13) и (1.7) следует, что
−div
β
E = E · (n
−2
gradn
2
).
Используя два последних равенства, получим уравнение (1.29). Пусть
справедливо равенство (1.27). Применим к обеим частям равен-
ства (1.27) операцию div
β
. Учитывая (1.29), придем к (1.28). Наобо-
рот, из (1.28) и (1.29) имеем
−div
β
£
∆ +
¡
k
2
n
2
∞
− β
2
¢¤
Π =
1
n
2
∞
div
β
¡¡
n
2
− n
2
∞
¢
E
¢
,
откуда следует, что достаточно потребовать от вектора Π, чтобы вы-
полнялось уравнение (1.27).
12 Глава 1. Основные уравнения
Утверждение 1.4. Для любого нетривиального решения E, H
системы уравнений (1.3) существует поляризационный потенци-
ал Π. Потенциал Π для всех x ∈ R2 \ Γ удовлетворяет уравнению
£ ¡ ¢¤ 1 ¡ ¢
∆ + k 2 n2∞ − β 2 Π = − 2 n2 − n2∞ E. (1.27)
n∞
Доказательство. Выразим потенциалы A и ϕ через один век-
тор Π. Пусть
ϕ = −divβ Π.
Тогда из условия Лоренца (1.19) имеем
A = −iωε0 n2∞ Π.
Отсюда и из (1.20), (1.21) получим два уравнения для Π, а именно
уравнение
£ ¡ ¢¤
−divβ ∆ + k 2 n2∞ − β 2 Π = E · (n−2 gradn2 ) (1.28)
и уравнение (1.27).
Проверим, что уравнение (1.28) является следствием уравне-
ния (1.27). С этой целью докажем сначала справедливость равенства
¡¡ ¢ ¢
divβ n2 − n2∞ E = n2∞ E · (n−2 gradn2 ). (1.29)
Действительно, в силу (1.7)
¡¡ ¢ ¢ ¡ ¢ ¡ ¢
divβ n2 − n2∞ E = n2 − n2∞ divβ E + E · grad n2 − n2∞ .
Из (1.13) и (1.7) следует, что
−divβ E = E · (n−2 gradn2 ).
Используя два последних равенства, получим уравнение (1.29). Пусть
справедливо равенство (1.27). Применим к обеим частям равен-
ства (1.27) операцию divβ . Учитывая (1.29), придем к (1.28). Наобо-
рот, из (1.28) и (1.29) имеем
£ ¡ ¢¤ 1 ¡¡ ¢ ¢
−divβ ∆ + k 2 n2∞ − β 2 Π = 2 divβ n2 − n2∞ E ,
n∞
откуда следует, что достаточно потребовать от вектора Π, чтобы вы-
полнялось уравнение (1.27).
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 10
- 11
- 12
- 13
- 14
- …
- следующая ›
- последняя »
