ВУЗ:
Составители:
35
BE1 351.07=
Модуль ЭДС:
BE1 270.017− 224.368i−=
E1 U2'
cos arg U2'−()()⋅∆Ur2−
()
+ j U2' sin arg U2'−()()⋅∆Ux2−
()
+
⋅+
−:=
Uy
0
U2'
sin arg U2'−()()⋅
U2'
sin arg U2'−()()⋅
U2'
sin arg U2'−()()⋅∆Ux2−
()
+
0
Ku⋅:=Ux
0
U2'
cos arg U2'−()()⋅
U2'
cos arg U2'−()()⋅∆Ur2−
()
+
U2'
cos arg U2'−()()⋅∆Ur2−
()
+
0
Ku⋅:=
Третья строка матриц
Ux
и
Uy
соответствует сумме векторов
- U2'+R2'
∗
(-I2')
четвертая -
вектору
- U2'+R2'
∗
(-I2')+jX2'
∗
(-I2')
, а в пятой мы вернулись в точку с координатами (0,0)
и получили вектор
- E1= - E2'
.
Из конечной точки вектора
-U2'
отложим в масштабе напряжения параллельно току
- I2'
вектор
-
∆
Ur2
, и перпендикулярно
-
∆
Ux2.
Соединив конец этого вектора с началом координат,
получим вектор ЭДС взаимной индукции
- E1 = - E2'.
B∆Ux2 29.891−=∆Ux2 I2' Im Z2'()⋅:=
B∆Ur2 11.939−=∆Ur2 I2' Re Z2'()⋅:=
Определим значения активной и реактивной составляющих падения напряжения на вторичной
обмотке:
0510
0
5
Первый шаг построения
Iy
Uy
Ix Ux,
Uy
0
U2'
sin arg U2'−()()⋅
Ku⋅:=Ux
0
U2'
cos arg U2'−()()⋅
Ku⋅:=
Первая строка матриц
Ux
и
Uy
соответствует началу вектора
- U2'
вторая его концу.
Iy
0
I2'
sin arg I2'−()()⋅
Ki⋅:=Ix
0
I2'
cos arg I2'−()()⋅
Ki⋅:=
Первая строка матриц
Ix
и
Iy
соответствует началу вектора
- I2'
вторая его концу.
- масштабные коэффициенты
Ku
1
30
:=Ki 10:=
Рисунок А.4 – Продолжение решения задачи № 2
1 Ki := 10 Ku := - масштабные коэффициенты 30 Первая строка матриц Ix и Iy соответствует началу вектора - I2' вторая его концу. 0 0 Ix := ⋅ Ki Iy := ⋅ Ki I2' ⋅ cos ( arg( −I2') ) I2' ⋅ sin( arg( −I2') ) Первая строка матриц Ux и Uy соответствует началу вектора - U2' вторая его концу. 0 0 Ux := ⋅ Ku Uy := ⋅ Ku U2' ⋅ cos ( arg( −U2') ) U2' ⋅ sin( arg( −U2') ) Первый шаг построения Iy 5 Uy 0 0 5 10 Ix , Ux Определим значения активной и реактивной составляющих падения напряжения на вторичной обмотке: ∆Ur2 := I2' ⋅ Re ( Z2') ∆Ur2 = −11.939 B ∆Ux2 := I2' ⋅ Im( Z2') ∆Ux2 = −29.891 B Из конечной точки вектора -U2' отложим в масштабе напряжения параллельно току - I2' вектор - ∆Ur2, и перпендикулярно - ∆Ux2. Соединив конец этого вектора с началом координат, получим вектор ЭДС взаимной индукции - E1 = - E2'. Третья строка матриц Ux и Uy соответствует сумме векторов- U2'+R2'∗(-I2') четвертая - вектору - U2'+R2'∗(-I2')+jX2'∗(-I2') , а в пятой мы вернулись в точку с координатами (0,0) и получили вектор - E1= - E2'. 0 0 U2' ⋅ cos ( arg( −U2') ) U2' ⋅ sin ( arg( −U2') ) Ux := U2' ⋅ cos ( arg( −U2') ) + ( −∆Ur2) ⋅ Ku Uy := U2' ⋅ sin ( arg( −U2') ) ⋅ Ku U2' ⋅ cos ( arg( −U2') ) + ( −∆Ur2) U2' ⋅ sin ( arg( −U2') ) + ( −∆Ux2) 0 0 E1 := − U2' ⋅ cos ( arg( −U2') ) + ( −∆Ur2) + j ⋅ U2' ⋅ sin ( arg( −U2') ) + ( −∆Ux2) E1 = −270.017 − 224.368i B Модуль ЭДС: E1 = 351.07 B Рисунок А.4 – Продолжение решения задачи № 2 35
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 33
- 34
- 35
- 36
- 37
- …
- следующая ›
- последняя »