ВУЗ:
Составители:
Рубрика:
28
====
∫∫∫∫∫∫∫∫
1
0
1
0
1
0
1
0
1
0
2
1
0
22
1
222
xyzxyz
D
xyz
e
yz
zdzdyydxezdzdyydxdydzezyI
(предлагаем подумать, почему тройной интеграл удобнее представить в виде повторного
именно в этом порядке)
()
∫∫∫ ∫ ∫
=
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
+−−=
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
−=
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
−=−=
1
0
1
0
1
0
1
0
1
0
1
0
1
0
0
1
1
1
2
1
2
1
212 dy
y
e
y
ydyze
y
yze
y
ydyedzydy
yyzyzyz
()
∫
−=
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
−−−=
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
−−=−−=
1
0
1
0
2
5211
2
1
2
2
212 eey
y
edyye
yy
.
17. Вычислить объём тела, ограниченного сферой x
2
+y
2
+ z
2
=4 и параболоидом 3z =
x
2
+y
2
.
Решение. Пусть Ω – данное в задаче тело. На рисунке 25,а изображено тело Ω
1
– часть
тела Ω, находящегося в первом октанте. Очевидно, что V(Ω) = 4V(Ω
1
). Найдём проекцию
линии пересечения сферы и параболоида на плоскость xОy. Для этого достаточно из системы
уравнений z
2
=4−(x
2
+y
2
), z
2
=(x
2
+y
2
)/9 исключить переменную z. В результате получим
(
)
(
)
22222
49 yxyx +−=+ , или
(
)
(
)
.0369
22222
=−+++ yxyx Откуда 12
22
−=+ yx и
3
22
=+ yx . Следовательно, уравнением проекции будет окружность 3
22
=+ yx . Согласно
формуле (14) имеем
V(Ω)=V(Ω
1
)
∫∫∫
Ω
=
1
.4 dxdydz
Т.к. проекция данного тела Ω на плоскость xОy есть круг x
2
+y
2
≤ 3, то целесообразно перейти
к цилиндрическим координатам. После преобразований по формулам (16) уравнения окруж-
ности x
2
+ y
2
= 3, параболоида 3z = x
2
+y
2
и сферы x
2
+y
2
+ z
2
=4, соответственно, принимают
Рисунок 25
28 1 1 1 1 1 1 2 xyz 2 xyz 2 1 xyz I= ∫∫∫ 2 y z e dxdydz = 2∫ y dy ∫ zdz ∫ e dx = 2∫ y dy ∫ zdz yz e = D 0 0 0 0 0 0 (предлагаем подумать, почему тройной интеграл удобнее представить в виде повторного именно в этом порядке) 1 1 ( ) 1 1 1 1 1 ⎛1 ⎞ ⎛1 ⎞ ⎛1 1 ⎞ = 2 ∫ ydy ∫ dz e yz − 1 = 2∫ ydy⎜⎜ e yz − z ⎟⎟ = 2∫ y⎜⎜ e yz − z ⎟⎟ dy = 2 ∫ y⎜⎜ e y − 1 − + 0 ⎟⎟dy = 0 0 0 ⎝y ⎠0 0 ⎝ y ⎠0 0 ⎝ y y ⎠ 1 ( )⎛ ⎞ 1 y2 ⎛ 1 ⎞ = 2 ∫ e − y − 1 dy = 2⎜ e y − y − y ⎟ = 2⎜ e − − 1 − 1⎟ = 2e − 5 . ⎜ 2 ⎟ ⎝ 2 ⎠ 0 ⎝ ⎠0 17. Вычислить объём тела, ограниченного сферой x2+y2+ z2=4 и параболоидом 3z = 2 2 x +y . Рисунок 25 Решение. Пусть Ω – данное в задаче тело. На рисунке 25,а изображено тело Ω1– часть тела Ω, находящегося в первом октанте. Очевидно, что V(Ω) = 4V(Ω1). Найдём проекцию линии пересечения сферы и параболоида на плоскость xОy. Для этого достаточно из системы уравнений z2=4−(x2+y2), z2=(x2+y2)/9 исключить переменную z. В результате получим ( ) ( ) ( ) ( x 2 + y 2 2 9 = 4 − x 2 + y 2 , или x 2 + y 2 2 +9 x 2 + y 2 − 36 = 0. Откуда ) x 2 + y 2 = −12 и x + y = 3 . Следовательно, уравнением проекции будет окружность x 2 + y 2 = 3 . Согласно 2 2 формуле (14) имеем V(Ω)=V(Ω1) = 4 ∫∫∫ dxdydz. Ω1 Т.к. проекция данного тела Ω на плоскость xОy есть круг x2+y2 ≤ 3, то целесообразно перейти к цилиндрическим координатам. После преобразований по формулам (16) уравнения окруж- ности x2 + y2 = 3, параболоида 3z = x2+y2 и сферы x2+y2+ z2=4, соответственно, принимают
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 26
- 27
- 28
- 29
- 30
- …
- следующая ›
- последняя »