ВУЗ:
Составители:
Рубрика:
.0
1
4)(6)9(
1
4)6(
3
5
3
5
+
′
−
′
=
′
+
′
−
′
=
′
x
х
x
xy
Используя табличную производную (6) для степенной
функции, получим
.
3
11
;5)(
3
4
3
1
3
45
−−
−=
′
=
′
=
′
хх
x
хx
Окончательно имеем
.
3
4
300
3
1
456
3
4
4
3
4
4
−−
+=+
−−⋅=
′
хххxy
2) Найдем производную функции
.
2
3
arcsin
x
y
−
=
Введем промежуточный аргумент
x
u
−
=
2
3
, тогда
uy arcsin=
, по табличной формуле (15) имеем
2
/
1
1
u
y
u
−
=
.
В соответствии с правилом дифференцирования
сложной функции (19) и формулой (6) получим
[][]
.)2(3)1()2()1(3
)2()2()1(3)2(3)2(3
2
3
22
211/
−−
−−−
−=−−−=
=
′
−−−=
′
−=
′
−=
′
−
=
xx
xxxx
x
u
x
Окончательно получим
.)2(3
2
3
1
1
1
1
2
2
/
2
/// −
−⋅
−
−
=⋅
−
=⋅= x
x
u
u
uyy
xxux
3) Вычислить производную функции
.3)15ln(
12 x
xxy
−
−+=
Сначала дифференцируем у как разность
(
)
.3))15ln((
12
′
−
′
+=
′
−x
xxy
51
Применяя правила (4), (19), формулы (6) и (9), получим
.5
15
1
)15(ln2)15(
15
1
)15ln(2
))15((ln)15(ln)())15(ln(
2
2
222
⋅
+
⋅+
++=
′
+
+
++=
=
′
+++
′
=
′
+
x
x
xxx
x
xxx
xxxxxx
По формуле (8) и правилу (19) найдем производную от
x−1
3
.
()
.3ln3)1(3ln3)1(3ln33
1111 xxxx
x
−−−−
−=−=
′
−=
′
Таким образом
.3ln3
15
5
)15(ln2
1
2
x
x
x
xxy
−
+
+
++=
′
Большое количество примеров, заданий с ответами на
производную сложной функции можно найти в [4].
2. Исследование функции и построение графика.
Необходимое и достаточное условие
существования экстремума функции,
монотонности функции. Выпуклость,
вогнутость, точки перегиба графика функции.
Асимптоты графика функции. Глобальные
экстремумы.
Рассмотрим некоторые моменты исследования.
Поскольку интервалы монотонности функции совпадают с
интервалами знакопостоянства ее первой производной, то
следует:
1)
найти первую производную, найти ее корни и точки
разрыва. Эти точки являются точками, подозрительными
на экстремум (критическими точками);
2)
отметить на числовой оси точки подозрительные на
экстремум и определить интервалы знакопостоянства у
/
.
На тех участках, где y
/
>0, функция возрастает, где y
/
<0,
функция убывает;
3)
если при переходе через критическую точку производная
меняет знак с «-» на «+» и в этой точке функция
52
′ ′ Применяя правила (4), (19), формулы (6) и (9), получим 1 1 y ′ = (6 x ) ′ − 4 3 + (9) ′ = 6( х ) ′ − 4 3 + 0. 5 5 ( x 2 ln (5 x + 1)) ′ = ( x 2 ) ′ ln (5 x + 1) + x 2 (ln (5 x + 1)) ′ = x x 1 Используя табличную производную (6) для степенной = 2 x ln(5 x + 1) + x 2 (5 x + 1) ′ = 2 x ln (5 x + 1) + 5x + 1 функции, получим 1 ′ −1 ′ 4 + x2 ⋅ ⋅ 5. 1 1 −3 5x + 1 ( x )′ = 5х ; 3 = х 5 4 3 =− х . По формуле (8) и правилу (19) найдем производную от x 3 1− x 3 . Окончательно имеем 1 −4 4 − 4 (3 )′ = 3 1− x 1− x ln 3(1 − x) ′ = 31− x ln 3(−1) = −31− x ln 3. y ′ = 6 ⋅ 5 x 4 − 4 − х 3 + 0 = 30 х 4 + х 3 . 2 Таким образом y ′ = 2 x ln (5 x + 1) + 5 x + 31− x ln 3. 3 3 5x + 1 2) Найдем производную функции Большое количество примеров, заданий с ответами на 3 производную сложной функции можно найти в [4]. y = arcsin . 2− x 2. Исследование функции и построение графика. Введем промежуточный аргумент 3 , тогда Необходимое и достаточное условие u= существования экстремума функции, 2− x y = arcsin u , по табличной формуле (15) имеем монотонности функции. Выпуклость, вогнутость, точки перегиба графика функции. . 1 yu/ = Асимптоты графика функции. Глобальные 1 − u2 экстремумы. В соответствии с правилом дифференцирования сложной функции (19) и формулой (6) получим Рассмотрим некоторые моменты исследования. ′ Поскольку интервалы монотонности функции совпадают с 3 u x/ = [−1 ′ −1 ′ ] [ −2 ] = 3(2 − x) = 3 (2 − x) = 3( −1) (2 − x) (2 − x)′ = интервалами знакопостоянства ее первой производной, то 2− x следует: = 3(−1) ( 2 − x) − 2 (−1) = 3(2 − x) − 2 . 1) найти первую производную, найти ее корни и точки Окончательно получим разрыва. Эти точки являются точками, подозрительными 1 1 на экстремум (критическими точками); y x/ = yu/ ⋅ u x/ = ⋅ u x/ = ⋅ 3(2 − x) − 2 . 2 2 1− u 3 2) отметить на числовой оси точки подозрительные на 1− 2− x экстремум и определить интервалы знакопостоянства у/. 3) Вычислить производную функции На тех участках, где y/>0, функция возрастает, где y/<0, функция убывает; y = x 2 ln(5 x + 1) − 31− x . 3) если при переходе через критическую точку производная Сначала дифференцируем у как разность меняет знак с «-» на «+» и в этой точке функция ′ y ′ = ( x 2 ln(5 x + 1)) ′ − 31− x . ( ) 51 52
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 25
- 26
- 27
- 28
- 29
- …
- следующая ›
- последняя »