ВУЗ:
Составители:
Рубрика:
d
2
L(x, y, λ)= λ(−8 dx
2
+ 8 dx dy + 6 dy
2
), d
2
L(x
1
, y
1
, λ
1
)=
25
27
dx
2
A 0,
что означает, что первая точка — точка минимума. Значение функции в
ней f
23
8
,
7
4
=
11
8
. Аналогично для точки x
2
= −2, y
2
= −1, λ
2
= −
1
2
также
dy =
7
9
dx и d
2
L(x
2
, y
2
, λ
2
)= −
25
27
dx
2
< 0, f(−2, −1)= −8 — условный мак-
симум. То, что значение функции в точке максимума меньше, чем в точке
минимума, удивлять не должно, эти точки лежат на разных ветвях гипер-
болы.
Ответ. f(−2, −1)= −8 — условный максимум, f
23
8
,
7
4
=
11
8
— услов-
ный минимум.
Пример 14. Найти радиус основания и высоту цилиндра, который
имеет минимальную площадь полной поверхности при заданном объеме
16
º
3
9
π см
3
.
Решение. Пусть r — радиус цилиндра, h — его высота. Тогда объем
цилиндр а V = πr
2
h, а площадь полной поверхности S = 2πr
2
+ 2πrh. Нужно
найти r и h, при которых 2πr
2
+ 2πrh достигает минимума в области, где
r A 0, h A 0 при условии πr
2
h =
16
º
3
9
π. Составляем функцию Лагранжа:
L(r, h, λ)= 2πr
2
+ 2 πrh + λ πr
2
h −
16
º
3
9
π
и выписываем нео бходимые условия локального условного экстремума:
¢
¨
¨
¨
¨
¨
¨
¨
¨
¦
¨
¨
¨
¨
¨
¨
¨
¨
¤
∂L
∂r
= 4πr + 2πh + 2λπrh = 0,
∂L
∂h
= 2πr + λπr
2
= 0,
∂L
∂λ
= πr
2
h −
16
º
3
9
π = 0.
Решая систему, находим точку r
0
=
2
º
3
3
, h
0
=
4
º
3
3
, λ
0
= −
º
3.
Для проверки достаточных условий находим знак второго диф фер ен-
циала d
2
L(r
0
, h
0
, λ
0
)с учетом того, что dr и dh зависимы. Дифференцируя
ура внение связи πr
2
h −
16
º
3
9
π = 0, получим, что 2rh dr + r
2
dh = 0, откуда
при r =
2
º
3
3
, h =
4
º
3
3
следует dh = −4 dr. Таким образом,
28
d2 L(x, y, λ) = λ(−8 dx2 + 8 dx dy + 6 dy2 ), d2 L(x1 , y1 , λ1 ) = 25 2 dx A 0, 27 что означает, что первая точка — точка минимума. Значение функции в ней f , = . Аналогично для точки x2 = −2, y2 = −1, λ2 = − также 23 7 11 1 8 4 8 2 dy = dx и d L(x2 , y2 , λ2 ) = − dx < 0, f(−2, −1) = −8 — условный мак- 7 2 25 2 9 27 симум. То, что значение функции в точке максимума меньше, чем в точке минимума, удивлять не должно, эти точки лежат на разных ветвях гипер- болы. Ответ. f(−2, −1) = −8 — условный максимум, f , = — услов- 23 7 11 8 4 8 ный минимум. Пример 14. Найти радиус основания и высоту цилиндра, который имеет º минимальную площадь полной поверхности при заданном объеме 16 3 π см3 . 9 Решение. Пусть r — радиус цилиндра, h — его высота. Тогда объем цилиндра V = πr2 h, а площадь полной поверхности S = 2πr2 +2πrh. Нужно найти r и h, при которых 2πr2 + º2πrh достигает минимума в области, где r A 0, h A 0 при условии πr2 h = 169 3 π. Составляем функцию Лагранжа: º L(r, h, λ) = 2πr + 2πrh + λ πr h − 2 2 16 3 π 9 и выписываем необходимые условия локального условного экстремума: ¢̈ ∂L ¨ ¨ ¨ = 4πr + 2πh + 2λπrh = 0, ¨ ¨ ¨ ∂r ¨ ∂L = 2πr + λπr2 = 0, ¦ ∂h ¨ ¨ ¨ º ¨ ¨ ¨ ¨ = πr2 h − ∂L 16 3 ¤̈ ∂λ π = 0. 9 º º 2 3 4 3 º Решая систему, находим точку r0 = , h0 = , λ0 = − 3. 3 3 Для проверки достаточных условий находим знак второго дифферен- циала d2 L(r0 , h0 , λ0 ) с учетом º того, что dr и dh зависимы. Дифференцируя 16 3 уравнение связи πr2 h − π = 0, получим, что 2rh dr + r2 dh = 0, откуда º º 9 2 3 4 3 при r = ,h= следует dh = −4 dr. Таким образом, 3 3 28
Страницы
- « первая
- ‹ предыдущая
- …
- 26
- 27
- 28
- 29
- 30
- …
- следующая ›
- последняя »